静_520 幼苗
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(1)P1、P2碰撞过程,动量守恒:mv1=2mv…①
解得v=
v1
2=3m/s…②
碰撞损失的动能△E=[1/2]m
v21-[1/2](2m)v2…③
解得△E=9J…④
(2)由于P与挡板的碰撞为弹性碰撞.故P在AC间等效为匀减速运动,设P在AC段加速度大小为a,由运动学规律,得:μ(2m)g=2ma
a=μg=0.1×10m/s2=1m/s2…⑤
P返回经过B时:3L=vt-[1/2]at2…⑥
由①⑤⑥解得:v1=
t2+24
t
由于2s≤t≤4s 所以解得v的取值范围5m/s≤v≤7m/s …⑦
所以v1的取值范围10m/s≤v1≤14m/s…⑧
P向左经过A时的速度v2,
则:
v22−v2=−2a•4L …⑨
将⑦代入⑨可知,当v=5m/s时,P不能到达A;
当v=7m/s时,v2=
17m/s
所以v2的取值范围:v2≤
17m/s
所以当v2=
17m/s时,P向左经过A 点时有最大动能:E=[1/2](2m)
v22=17J…⑩
答:(1)若v1=6m/s,P1、P2碰后瞬间的速度大小v和碰撞损失的动能是9J;
(2)若P与挡板碰后,能在探测器的工作时间内通过B点,v1的取值范围10m/s≤v1≤14m/s,P向左经过A 点时的最大动能是17J.
点评:
本题考点: 动量守恒定律.
考点点评: 本题关键是明确P1、P2碰后的受力情况和运动情况,运用动量守恒定律结合能量守恒列出等式求解,掌握牛顿第二定律分析问题.
1年前
1年前1个回答
你能帮帮他们吗