（2014•深圳一模）已知直线y=kx+3（k＜0）分别交x轴、y轴于A、B两点，线段OA上有一动点P由原点O向点A运动
（2014•深圳一模）已知直线y=kx+3（k＜0）分别交x轴、y轴于A、B两点，线段OA上有一动点P由原点O向点A运动，速度为每秒1个单位长度，过点P作x轴的垂线交直线AB于点C，设运动时间为t秒．
（1）当k=-1时，线段OA上另有一动点Q由点A向点O运动，它与点P以相同速度同时出发，当点P到达点A时两点同时停止运动（如图1）．
①直接写出t=1秒时C、Q两点的坐标；
②若以Q、C、A为顶点的三角形与△AOB相似，求t的值．
（2）当k=-[3/4]时，设以C为顶点的抛物线y=（x+m）2+n与直线AB的另一交点为D（如图2），求CD的长．
（1）当k=-1时，线段OA上另有一动点Q由点A向点O运动，它与点P以相同速度同时出发，当点P到达点A时两点同时停止运动（如图1）．
①直接写出t=1秒时C、Q两点的坐标；
②若以Q、C、A为顶点的三角形与△AOB相似，求t的值．
（2）当k=-[3/4]时，设以C为顶点的抛物线y=（x+m）2+n与直线AB的另一交点为D（如图2），求CD的长．
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解题思路：（1）①由题意可得P（t，0），C（t，-t+3），Q（3-t，0）代入t的数值得出答案即可；
②由题意得到关于t的坐标．按照两种情形解答，从而得到答案．
（2）以点C为顶点的抛物线，解得关于t的根，又由过点D作DE⊥CP于点E，则∠DEC=∠AOB=90°，又由△DEC∽△AOB从而解得．
②由题意得到关于t的坐标．按照两种情形解答，从而得到答案．
（2）以点C为顶点的抛物线，解得关于t的根，又由过点D作DE⊥CP于点E，则∠DEC=∠AOB=90°，又由△DEC∽△AOB从而解得．
（1）①C（1，2），Q（2，0）
②由题意得：P（t，0），C（t，-t+3），Q（3-t，0）．
分两种情况讨论：
情形一：当△AQC∽△AOB时，∠AQC=∠AOB=90°，
∴CQ⊥OA，
∵CP⊥OA，
∴点P与点Q重合，OQ=OP，
即3-t=t，
∴t=1.5；
情形二：当△ACQ∽△AOB时，∠ACQ=∠AOB=90°，
∵OA=OB=3，
∴△AOB是等腰直角三角形，
∴△ACQ也是等腰直角三角形．
∵CP⊥OA，
∴AQ=2CP，
即t=2（-t+3），
∴t=2．
∴满足条件的t的值是1.5秒或2秒；
（2）由题意得：C（t，-[3/4]t+3），
∴以C为顶点的抛物线解析式是y=（x-t）2-[3/4]t+3
由（x-t）2-[3/4]t+3=-[3/4]x+3，
∴（x-t）（x-t+[3/4]）=0，
解得x1=t，x2=t-[3/4]．
过点D作DE⊥CP于点E，则∠DEC=∠AOB=90°，
∵DE∥OA，
∴∠EDC=∠OAB，
∴△DEC∽△AOB，
∴[DE/AO]=[CD/BA]
∵AO=4，AB=5，DE=t-（t-[3/4]）=[3/4]，
∴CD=[DE•BA/AO]=
3
4×5
4=[15/16]．
点评：
本题考点： 二次函数综合题．
考点点评： 本题考查了二次函数的综合运用，以及相似三角形的判定与性质等知识，根据已知得出相似三角形进而得出线段长度是解题关键．
1年前
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