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(1)称量药品用天平,氯化铁和氯化亚铁的水溶液都呈酸性,所以准确量取25.00mL步骤②中配得的溶液用酸式滴定管,配制一定物质的量浓度的溶液用容量瓶;
故选:C F G;
(2)因FeCl3和FeCl2能发生水解;加入盐酸增强溶液酸性,抑止Fe2+Fe3+水解;
故答案为:增强溶液酸性,抑止Fe2+Fe3+水解;
(3)步骤④中铁离子和一水合氨反应生成氢氧化铁沉淀和铵根离子的反应,反应的离子方程式为:Fe3++3NH3•H2O═Fe(OH)3↓+3NH4+;
故答案为:Fe3++3NH3•H2O═Fe(OH)3↓+3NH4+;
(4)反应中,亚铁离子变化为铁离子,氯酸跟离子氯元素化合价从+5价变为-1价,变化6价,电子转移最小公倍数为6,依据电子守恒和原子守恒配平得到离子方程式为:6Fe2++ClO3-+6H+═6Fe3++Cl-+3H2O;从理论上分析,上述实验中若将氯水改为NaClO3时对实验无影响,不同的是氧化剂不同,同量还原性物质被氧化需要失去电子相同;等物质的量的NaClO3与Cl2的氧化效率之比为为转移电子数之比,NaClO3~Cl-~6e-,Cl2~2Cl-~2e-,所以1molNaClO3与Cl2的氧化效率之比为3:1;
故答案为:6、1、6、6、1、3;无影响;3:1;
(5)将沉淀转移到坩埚内,加热、搅拌,直到固体由红褐色全部变为红棕色后,在干燥器中冷却至室温后,称量制恒重,两次称量数值不超过0.1g;
故答案为:坩埚;继续加热一段时间后,把坩埚放置于干燥器中冷却,再称量,至最后两次称得的质量差不超过0.1g为止;
(6)依据实验步骤分析可知,称量操作为称量样品质量、称量坩埚质量,称量坩埚和沉淀质量,再进行两次称量到恒重,本实验需要称量的最少次数是5次;
因铁元素质量守恒,即红棕色固体中的铁就是样品中铁,
Fe2O3中铁元素的质量为(W2-W1)g×[112/160],
样品中铁元素的质量分数是
1120(W2−W1)
160a×100%=
7(W2−W1)
a×100%,
故答案为:5,
7(W2−W1)
a×100%.
(7)6Fe2++ClO3-+6H+═6Fe3++Cl-+3H2O,Cl2+2Fe2+═2Fe3++2Cl-;分析反应3Cl2+6NaOH
△
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5NaCl+NaClO3+3H2O,得到5Cl-+ClO3-+6H+═3H2O+3Cl2↑氧化剂的氧化性大于氧化产物,则Fe3+、KClO3、Cl2三种物质其氧化性由强到弱的顺序是KClO3>Cl2>Fe3+;
故答案为:KClO3>Cl2>Fe3+;
点评:
本题考点: 探究物质的组成或测量物质的含量;氧化还原反应方程式的配平;溶液的配制.
考点点评: 本题考查了氧化还原反应的强弱分析,离子方程式配平的电子守恒应用,实验探究物质性质的分析判断,实验基本操作的熟练掌握程度,题目难度中等.
1年前
你能帮帮他们吗