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(1)可逆反应A(g)+2B(g)⇌4C(g)△H>0达到平衡时,c(A)=2mol/L,c(B)=4mol/L,c(c)=4mol/L,若A完全转化为C,消耗B为4mol/L,则B最小值为0mol/L,若C完全转化为反应物,生成2mol/LB,则B的最大值为6mol/L,因反应为可逆反应,均不能完全转化,则B的浓度范围为0mol/L<c(B)<6mol/L;
若改变条件重新达到平衡后体系中C的质量分数增大,应使平衡向正反应方向移动,
A增加C的物质的量,等效为增大压强,平衡向逆反应方向移动,C的质量分数降低,故A错误;
B加压,平衡向逆反应方向移动,C的质量分数降低,故B错误;
C升温,平衡向正反应方向移动,C的质量分数增大,故C正确;
D使用催化剂,平衡不移动,C的质量分数不变,故D错误;
故答案为:0mol/L<c(B)<6mol/L;C;
(2)由于醋酸是弱电解质,与Zn反应同时,电离出H+,所以pH变化较缓慢,所以B曲线是醋酸溶液的pH变化曲线.由图知盐酸和醋酸的pH变化都是由2到4,盐酸中氢离子浓度逐渐减小,但醋酸中存在电离平衡,氢离子和锌反应时促进醋酸电离,补充反应的氢离子,所以醋酸是边反应边电离H+,故消耗的Zn多,所以m1<m2,
故答案为:B;<;
(3)A、在A、B间任一点,溶液中只存在四种离子有Na+、H+、CH3COO-、OH-,根据电荷守恒则有:c(Na+)+c(H+)=c(CH3COO-)+c(OH-),c(H+)<c(OH-),溶液中离子浓度大小关系为:c (Na+)>c (CH3COO-)>c (OH-)>c (H+),还有可能c (Na+)>c (OH-)>c (CH3COO-)>c (H+),故A错误;
B、在B点溶液显中性,则结果是c(OH-)=c(H+),根据电荷守恒c(Na+)+c(H+)=c(CH3COO-)+c(OH-),则一定有c(Na+)=c(CH3COO-),溶液的成分为:反应生成的醋酸钠和剩余的醋酸,醋酸钠的水解程度和醋酸的电离程度相等,故有:c(Na+)=c(CH3COO-)>c(OH-)=c(H+),故B错误;
C、在C点,溶液显酸性,故有c(OH-)<c(H+),根据电荷守恒:c(Na+)+c(H+)=c(CH3COO-)+c(OH-),故c(Na+)<c(CH3COO-),c (CH3COO-)>c (Na+)>c (H+)>c (OH-),故C错误;
D、在D点时,醋酸剩余,剩余的醋酸的浓度和生成的醋酸钠浓度相等均为0.05mol/l,根据物料守恒,则:c(CH3COO-)+c(CH3COOH)=0.1mol•L-1,c(Na+)=0..05mol/L,c (CH3COO-)+c (CH3COOH)=2c (Na+),故D正确;
故选D;
(4)某CuSO4溶液里c(Cu2+)=0.02mol/L,如果生成Cu(OH)2沉淀,则应有c(OH-)≥
2×10−20
0.02mol/L=10-9mol/L,则c(H+)≤
1×10−14
10−9mol/L=10-5mol/L,
所以pH≥-lg(10-5)=5;
Cu2+沉淀较为完全是的浓度为[0.2mol/L/1000]=2×10-4mol/L,
则c(OH-)=
2×10−20
2×10−4mol/L═10-8mol/L,
则c(H+)=
1×10−14
10−8mol/L=10-6mol/L,
所以pH=-lg(10-6)=6,
故答案为:5; 6;
(5)常温下,纯碱(Na2CO3) 溶液中滴入酚酞,溶液呈红色,则该溶液呈碱性;
要验证该溶液遇酚酞呈红色原因,可用以下方法:
方法一:向红色溶液中加入足量BaCl2溶液,如果溶液显红色,说
点评:
本题考点: 化学平衡的影响因素;弱电解质在水溶液中的电离平衡;难溶电解质的溶解平衡及沉淀转化的本质;离子浓度大小的比较.
考点点评: 本题考查弱电解质的电离,化学平衡影响因素分析判断,侧重于学生的分析能力的考查,为高考常见题型和高频考点,有利于培养学生的良好的科学素养,提高学生学习的积极性,注意把握弱电解质的电离特点和影响因素,平衡移动原理实质理解应用、溶度积常数的计算,题目难度不大,注意把握计算公式的运用.
1年前
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