346682431 春芽
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(1)小球B刚释放瞬间,速度为零,
沿绳子方向上,小球受到的合力为零,
则mgcos60°=k
qAqB
L2,
代入数值,求得qA=5×10-6C;
(2)小球所受合力方向与绳子垂直,
由牛顿第二定律得:mgsinθ=ma,a=gsinθ=5
3m/s2;
(3)释放后小球B做圆周运动,两球的相对距离不变,库仑力不做功,
从释放小球到小球到达最低点的过程中,由动能定理得:mg(L-Lcos60°)=[1/2]mv2-0,
小球在最低点,由牛顿第二定律得:FT+k
qAqB
L2-mg=[mv2/L],
解得:FT=[3/2]mg=1.5N;
答:(1)小球A的带电荷量为5×10-6C;
(2)释放瞬间小球B的加速度大小为5
3m/s2;
(3)小球B运动到最低点时绳的拉力为1.5N.
点评:
本题考点: 机械能守恒定律;库仑定律.
考点点评: 释放小球瞬间,沿绳子方向小球受力平衡,小球所受合力沿与绳子垂直的方向.
1年前
两块不带电的金属导体A.B均配有绝缘支架,现有一个带正电的小球C
1年前3个回答
两块不带电的金属导体A、B均配有绝缘支架,现有一个带正电点小球C
1年前1个回答
你能帮帮他们吗