如图所示，水平桌面上有一轻弹簧，左端固定在A点，自然状态时其右端位于B点．水平桌面右侧有一竖直放置的光滑轨道MNP，其形
如图所示，水平桌面上有一轻弹簧，左端固定在A点，自然状态时其右端位于B点．水平桌面右侧有一竖直放置的光滑轨道MNP，其形状为半径R=0.8m的圆环剪去了左上角135°的圆弧，MN为其竖直直径，P点到桌面的竖直距离也是R．用质量m1=0.4kg的物块将弹簧缓慢压缩到C点，释放后弹簧恢复原长时物块恰停止在B点．用同种材料、质量为m2=0.2kg的物块将弹簧缓慢压缩到C点释放，物块过B点后做匀变速运动其位移与时间的关系为s=6t-2t2，物块飞离桌面后由P点沿切线落入圆轨道．g=10m/s2，求：
（1）物块m2过B点时的瞬时速度V0及与桌面间的滑动摩擦因数．
（2）BP间的水平距离
（3）判断m2能否沿圆轨道到达M点（要求计算过程）．
（4）释放后m2运动过程中克服摩擦力做的功．
（1）物块m2过B点时的瞬时速度V0及与桌面间的滑动摩擦因数．
（2）BP间的水平距离
（3）判断m2能否沿圆轨道到达M点（要求计算过程）．
（4）释放后m2运动过程中克服摩擦力做的功．
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解题思路：（1）由物块过B点后其位移与时间的关系求出初速度和加速度，根据牛顿第二定律即可求得与桌面间的滑动摩擦因数．
（2）物块由D点做平抛运动，根据平抛运动的基本公式求出到达D点的速度和水平方向的位移，根据物块过B点后其位移与时间的关系得出初速度和加速度，进而根据位移-速度公式求出位移；
（3）物块在内轨道做圆周运动，在最高点有临界速度，则mg=m
，根据机械能守恒定律，求出M点的速度，与临界速度进行比较，判断其能否沿圆轨道到达M点．
（4）由能量转化及守恒定律即可求出m2释放后在桌面上运动的过程中克服摩擦力做的功．
（2）物块由D点做平抛运动，根据平抛运动的基本公式求出到达D点的速度和水平方向的位移，根据物块过B点后其位移与时间的关系得出初速度和加速度，进而根据位移-速度公式求出位移；
（3）物块在内轨道做圆周运动，在最高点有临界速度，则mg=m
| vM2 |
| R |
（4）由能量转化及守恒定律即可求出m2释放后在桌面上运动的过程中克服摩擦力做的功．
（1）由物块过B点后其位移与时间的关系s=6t-2t2得与s=v0t+
1
2at2比较得：
v0=6m/s
加速度a=4m/s2
而μm2g=m2a得μ=0.4
（2）设物块由D点以vD做平抛，
落到P点时其竖直速度为vy＝
2gR
根据几何关系有：
vy
vD＝tan45°
解得vD=4m/s
运动时间为：t=
2R
g＝
1.6
10s＝0.4s
所以DP的水平位移为：4×0.4m=1.6m
根据物块过B点后其位移与时间的关系为x=6t-2t2，有：
在桌面上过B点后初速v0=6m/s，加速度a=-4m/s2
所以BD间位移为 sBD＝
vD2−v02
2a＝2.5m
所以BP间位移为2.5+1.6m=4.1m
（2）设物块到达M点的临界速度为vm，有：
m2g＝m2
vM2
R
vM=
gR=2
2m/s
由机械能守恒定律得：
1
2m2v′M2=
1
2m2vD2−
2
2m2gR
解得：
v′M=
16−8
2m/s
因为
16−8
2＜2
2
所以物块不能到达M点．
（3）设弹簧长为AC时的弹性势能为EP，物块与桌面间的动摩擦因数为μ，
释放m1时，EP=μm1gsCB
释放m2时EP＝μm2gsCB+
1
2m2v02
且m1=2m2，
可得：EP＝m2v02＝7.2J
m2释放后在桌面上运动过程中克服摩擦力做功为Wf，
则由能量转化及守恒定律得：EP＝Wf+
1
2m2vD2
可得Wf=5.6J
答：（1）物块m2过B点时的瞬时速度为6m/s，与桌面间的滑动摩擦因数为0.4．
（2）BP间的水平距离为4.1m；
（3）m2不能否沿圆轨道到达M点；
（4）m2释放后在桌面上运动的过程中克服摩擦力做的功为5.6J．
点评：
本题考点： 机械能守恒定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律；平抛运动．
考点点评： 该题涉及到多个运动过程，主要考查了机械能守恒定律、平抛运动基本公式、圆周运动向心力公式的应用，用到的知识点及公式较多，难度较大，属于难题．
1年前
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