序号 | 抛出点的高度(m) | 水平初速度(m/s) | 水平射程(m) |
1 | 0.20 | 2 | 0.40 |
2 | 0.20 | 3 | 0.60 |
3 | 0.45 | 2 | 0.60 |
4 | 0.45 | 4 | 1.2 |
5 | 0.80 | 2 | 0.8 |
6 | 0.80 | 6 | 2.4 |
65862041 幼苗
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A、通过调节使斜槽末端保持水平,是为了保证小球做平抛运动.故A正确.
B、因为要画同一运动的轨迹,必须每次释放小球的位置相同,且由静止释放,以保证获得相同的初速度.故B错误,C正确.
D、因平抛运动的竖直分运动是自由落体运动,在相同时间里,位移越来越大,因此木条(或凹槽)下降的距离不应是等距的,故D错误;
E、实验要求小球滚下时不能碰到木板平面,避免因摩擦而使运动轨迹改变,最后轨迹应连成平滑的曲线.故F错误,E正确.
故选ACE.
(2)A、若探究水平射程与高度的关系,应控制水平初速度不变,可用表中序号为1、3、5的实验数据,故A正确,B错误;
C、若探究水平射程与初速度的关系,应控制抛出点的高度高度不变,可用表中序号为1、2的实验数据,故CD错误;
故选A
(3)物体在竖直方向上有:
y=[1/2]gt2
水平方向上x=vt
[y/x=tanθ
联立解得:
x=
2v2
gtanθ
由图可知
2v2
g=0.2
解得:v=1m/s;
当斜面倾角θ=60°时,设斜面长度为L,有:
Lsin60°=
1
2]gt2 ①
水平方向:Lcos60°=v0t ②
由①②得:
L=0.7m
由图c可知,图象的斜率增大,故说明
2v2
g增大,因重力加速度不变,故只能说明速度增大,其原因可能为:释放位置变高或小球释放时有初速度;
故答案为:(1)A C E.(2)A.
(3)1;0.70;释放位置变高(或释放时有初速度).
点评:
本题考点: 研究平抛物体的运动.
考点点评: 解决平抛实验问题时,要特别注意实验的注意事项.在平抛运动的规律探究活动中不一定局限于课本实验的原理,要注重学生对探究原理的理解.图象法在物理学中应用较为广泛,一定要掌握图象的分析方法
1年前
你能帮帮他们吗
精彩回答
1年前
当X趋向0时,f(x)=e^x-(1+ax)/(1+bx)为x的三阶无穷小 求ab
1年前
1年前
1年前
1年前